leetcode_48 旋转图像

1. 题意

给定一个 n × n 的二维矩阵 matrix 表示一个图像。请你将图像顺时针旋转 90 度。

你必须在 原地 旋转图像，这意味着你需要直接修改输入的二维矩阵。请不要 使用另一个矩阵来旋转图像。

2. 题解

2.1 暴力

我们先通过暴力弄明白是怎么转的，顺时针旋转90度；

实际上就是把第一行变成了倒数第一列，第二行变成了倒数第二列。

因此我们可以写出旋转前后的对应关系

$$matrix[i][j]=new\_matrix[j][n-1-i]$$

用一个新的数组来记录这个新数组，最后再把新数组的值给赋值回来

不就好了吗?

当然这是不符合原地的空间复杂度要求的。

class Solution {
public:void rotate(vector<vector<int>>& matrix) {int n = matrix.size();vector<vector<int>> sup(n, vector<int>(n));for (int r = 0;r < n; ++r ) {for (int c = 0; c < n; ++c) {sup[c][n - r - 1] = matrix[r][c];}}matrix = sup;}
};

2.2 转置+反转

如果学过矩阵的话，会知道有一种操作叫转置，也就是行列之间互换。

第一行变成了第一列，第二行变成了第二列。

但是这跟我们上面的要求还不符？怎么办呢？

我们反转一下不就好了吗？

反转列是典型的相向双指针不用多说。

而对于转置操作，就是行列互换。

$$at[i][j]=a[j][i]$$

$(i,j),(j,i)$关于$r=c$对称，

我们只需要枚举所有的$i>j$或者$i<j$的点进行交换就可以了。

class Solution {
public:void rotate(vector<vector<int>>& matrix) {int n = matrix.size();for (int i = 0; i < n; ++i) {for (int j = 0; j < i; ++j) {if (i != j) {std::swap(matrix[i][j], matrix[j][i]);}}}for ( int i = 0; i < n; ++i) {int l = 0,r = n - 1;while (l < r) {std::swap(matrix[i][l], matrix[i][r]);l++;r--;}}}
};

2.3 原地旋转

由于有四个方向，每次旋转完后的位置有新的数了。

因此我们需要对于一个位置一直旋转到结束循环为止。

我们假设起始的位置在$(i,j)$

上面我们已经知道了它顺时针旋转90度后的位置在$(j,n-1-i)$

那这个新位置旋转后在哪里呢？

直接代入上面的情况就行了，新的位置在$(n-1-i,n-1-j)$

继续寻找下一个新位置，下一个新位置在$(n-1-j,i)$

继续寻找下一个新位置，下一个新位置在$(i,j)$

这样就构成了一个loop：

$$\begin{gathered} (i,j)\to (j,n-1-i)\to (n-1-i,n-1-j) \\ \to (n-1-j,i)\to (i,j) \end{gathered}$$

对于每个变换的位置，我们只需要按上面的顺序处理就可以了。

接下来要做的是找到所有的需要处理的位置，要不重不漏。

首先是偶数的情况，

很显然只需要处理$0\le i<n/2,0\le j<n/2$的情况就可以了。

其次是奇数的情况，看下面的图吧。

中间的点我们不需要处理。

对于行来说，$0\le i<\lfloor n/2\rfloor$

对于列来说，$0\le j\le \lceil n/2\rceil$

综合两种情况看

$$\begin{gathered} 0\le i<\lfloor n/2\rfloor \\ 0\le j<\lfloor (n+1)/2\rfloor \end{gathered}$$

这种方法也就是官方的做法了

class Solution {
public:void rotate(vector<vector<int>>& matrix) {int n = matrix.size();for (int i = 0; i < n / 2; ++i) {for (int j = 0; j < (n + 1) / 2; ++j) {int tmp = matrix[i][j];matrix[ i         ][ j         ] = matrix[ n - 1 - j ][ i ];matrix[ n - 1 - j ][ i         ] = matrix[ n - 1 - i ][ n - 1 - j ];matrix[ n - 1 - i ][ n - 1 - j ] = matrix[ j         ][ n - 1 - i ];matrix[ j         ][ n - 1 - i ] = tmp;}}}
};

另外一种做法是基于层来做旋转，如下图所示.

假设当前层的左端和上端的值为mn，

下端和右端的值为mx。

对于上端的点$(mn,i)$，它所在的圈层容易求出为

$$\begin{gathered} (mn,i)\to (i,mx)\to (mx,mx-(i-mn)) \\ \to (mx-(i-mn),mn)\to (mn,i) \end{gathered}$$

对于每一层来说， 我们只需要遍历$(mn,i),mn\le i<mx$。

在一层处理完成后，左右边界往中间收缩，一直处理到$mn\ge mx$。

代码

class Solution {
public:void rotate(vector<vector<int>>& matrix) {int n = matrix.size();int mx = n - 1;int mn = 0;while ( mn < mx) {for (int i = mn; i < mx; ++i) {swap(matrix[mn][i], matrix[i][mx]);swap(matrix[mn][i], matrix[mx][mx - (i - mn)]);swap(matrix[mn][i], matrix[mx - (i - mn)][mn]);}++mn;--mx;}}
};

参考

leetcode