【计算机组成原理 第5版】白、戴编著 第七章 总线系统 课后题总结

我现在发现的是计组的难度在于，题解法不唯一，而且物理量特别多，堆一起会很繁琐，很难理清什么用来求什么，你自己用自己的方法发现和答案算的不一样，就很难纠偏纠回来。

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CDCA

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分辨率是按位来计算的。要换算成字节则除8。然后颜色256种，需要8个位来区分。

解：1024*1024*log2(256)/8=1MB

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注意是双面，所以正反面都要计算

解：容量=100*9*512B*2=900KB

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总时间=寻道时间+旋转延迟+传输时间

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解：数据传输率=每条磁道容量*转速，解得每条磁道容量为2775B

双面磁盘总容量=面数*每面道数*每道容量=2*220*2775=1221000B约为1.16MB

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（1）4个面，每个面有275道，每道有12288B

存储容量=4*275*12288B=13516800字节，约为12.89GB

（2）最高位周长=πd，密度为12288B/πd约为17B/mm

因为题目没有给出道密度，所以无法具体计算最大直径，若设置为k，则

直径=230+2*275/k，密度计算方法同理。

（3）转速3000转/分=50转/秒。数据传输率为12288*50=614400B/s

（4）平均等待时间是旋转一圈时间的一半。（目测是和物理角速度有关）

旋转一圈的时间是0.02s，平均等待时间是0.01s。

（5）设每个扇区是512字区，则12288/512=24扇<2^5，所以需要5位。

记录面是4个，需要2位，道数是275<2^9，所以需要9位。

柱面号9位，盘面号2位，扇区号5位。

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储备知识P217。说实话有些物理量怪怪的，但是就是这么定义的。比如数据传输率只和一条磁道有关系。

转速=2400转/分=40转/秒，磁盘旋转一周的时间=1/40秒

存取时间=平均找道时间+磁盘旋转一周的时间/2=72.5s

数据传输率=96Kb*40转/秒=3840Kb/s

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（1）数据传输率=记录为密度*带速*磁道数，解得

记录位密度=64000 B/m

（2）600-2-2=596m

沿用上题条件，且有

总长度=数据块长度+块间间隔长度

现要求出数据块长度

1KB长度为1KB/(64000B/m)=0.016m

间隔，1KB长度为(0.016+0.014)m=0.03m

那么596m包含596/0.03=19866KB=19.4MB。

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解：（1）每面的道数=5英寸*100道/英寸=500道

最内道的直径=18-2*5=8英寸，最内道位数=周长*位密度=8*π*1000位≈25120位

总容量=面数*每面道数*每道位数=20*500*25120=251.2兆位

（2）每道容量=25120位=3140B

数据传输率=每道容量*每秒转速≈333.94转/秒≈20036转/分

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解：（1）单向传输一个数据的速率为30+10+3000/500=46ms

由于取走加放回是两段时间，所以要乘2，再加上CPU更新时间，得46*2+4=96ms

全部数据更新时间=1000*96ms=96s

（2）转速加倍，那么平均旋转等待时间减半，10ms/2=5ms

数据传输率加倍，那么数据传输时间减半=3ms。单向传输一个数据速率为30+5+3=38ms

一个数据的更新时间为38*2+4=80ms。

全部数据更新时间位80s。

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（1）存储容量：寄存器组、高速缓存、CD-ROM存储器、MO磁盘、主存、活动头硬磁盘存储器

存储周期：寄存器组、高速缓存、主存、活动头硬磁盘存储器、MO磁盘、CD-ROM存储器

（2）

（3）答案版本1：高速缓存与主存的数据交换方式为猝发式，以块为单位；主存与磁盘的数据传输方式常用DMA方式。

答案版本2：寄存器组和主存之间交换信息时，使用总线传送。

高速缓存与主存之间交换信息时，使用总线传送。

主存与CD-ROM存储器之间交换信息时，使用串行接口传送。

主存与MO磁盘之间交换信息时，使用并行接口传送。

主存与活动头硬磁盘存储器之间交换信息时，使用并行接口传送

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解：同T2。1024*1024*24/8=3MB

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解：（1）1024*768*24/8=2304KB=2.25MB

（2）带宽=容量*刷新速率=162MB/s